题目
给定一个二叉树的根节点 root ，返回 它的 中序 遍历 。
示例 1：

输入：root = [1,null,2,3]
输出：[1,3,2]
示例 2：
输入：root = []
输出：[]
示例 3：
输入：root = [1]
输出：[1]
提示：
- 树中节点数目在范围 [0, 100] 内
- -100 <= Node.val <= 100
进阶: 递归算法很简单，你可以通过迭代算法完成吗？
我的代码（C++）
/**
* Definition for a binary tree node.
* struct TreeNode {
* int val;
* TreeNode *left;
* TreeNode *right;
* TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {}
* TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}
* TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {}
* };
*/
class Solution {
public:
vector<int> inorderTraversal(TreeNode* root) {
vector<int> result;
stack<TreeNode*> myStack;
myStack.push(root);
while (!myStack.empty()) {
TreeNode* currNode = myStack.top();
if (!currNode) {
myStack.pop();
continue;
}
if (currNode->left) {
myStack.push(currNode->left);
currNode->left = nullptr;
} else {
myStack.pop();
result.push_back(currNode->val);
if (currNode->right) {
myStack.push(currNode->right);
}
}
}
return result;
}
};点评
简单题目，没什么特殊的。
这种循环调用和递归调用，空间复杂度是一样的，都是缓存起一些东西。只是递归是在栈上分配空间，不需要手动处理，也不可见；循环或者迭代则是自己分配自己管理。
一般来说虽然数量级一样，但是递归还是更消耗资源。
官方解答里的Morris算法则更加巧妙，不需要额外空间，不过代价就是多遍历一次。复杂度是一样的。
baddif@gmail.com
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